Oppgave
En uendelig rekke er gitt ved
cos 2X + 2sin[sup]2[/sup]X* cos 2X + 4sin[sup]4[/sup]X* cos 2X + 8sin[sup]6[/sup]X* cos 2X + .......
der x element i [0, 2 [symbol:pi] ].
For hvilke x konvergerer rekken?
Uendelig geometrisk rekke med variabel kvotient.
k=2sin[sup]2[/sup]X
(1) Rekka konvergerer når
-1<k<1 dvs -1<2sin[sup]2[/sup]X<1
-1/2<2sin[sup]2[/sup]X<1/2
(2) Denne rekka konvergere når:
- [symbol:rot] 1/2<sinX< [symbol:rot] 1/2
eller omskrevet - [symbol:rot] 2/2<sinX< [symbol:rot] 2/2
Det jeg har problemer med her er å se utregningen av dobbeltulikheten fra (1) til (2).
Å ta roten i alle ledd gir ingen reelle løsninger for -1/2 og høyre del av dobbeltulikheten sin[sup]2[/sup]X<1/2 vil gi sinX<1/2 og sinX<-1/2 (tror jeg, og det blir ikke riktig).
Å løse (2) videre og finne v-verdiene for konvergens er greit, det er ulikheten jeg sliter med å forstå.
Det er flere slike oppgaver med variabel kvotient hvor jeg har problemer med å forstå dobbeltulikhetene. Det virker ikke som de bruker vanlige regler for ulikheter/likninger, men det må man jo?
Noen som kan hjelpe?
Geometrisk rekke. Variabel kvotient. Dobbeltulikheten.
Moderatorer: Aleks855, Gustav, Nebuchadnezzar, Janhaa, DennisChristensen, Emilga
-
- Euler
- Innlegg: 5889
- Registrert: 26/09-2007 19:35
- Sted: Trondheim
- Kontakt:
Velkommen til forumet
Når du har med dobbeltulikheter å gjøre så kan det være lurt å ha i bakhodet at [tex]a < b < c \ \Leftrightarrow \ a < b \ \wedge \ b < c[/tex]. Vi kan altså behandle ulikheten som to ulikheter:
[tex]-\frac{1}{2} < \sin^2 x < \frac{1}{2} \ \Leftrightarrow \ -\frac{1}{2} < \sin^2 x \ \wedge \ \sin^2 x < \frac{1}{2}[/tex].
Den første ulikheten har alle [tex]x[/tex] som løsning, ikke sant? Uansett hva [tex]x[/tex] er så vil jo [tex]sin^2 x[/tex] være et positivt tall, altså større enn det negative tallet [tex]-\frac{1}{2}[/tex]. Dermed er det den andre ulikheten som legger begrensningene på [tex]x[/tex], og det er den vi må se videre på:
[tex]\sin^2 x < \frac{1}{2}[/tex]
[tex]|\sin x| < \frac{1}{\sqrt 2} = \frac{\sqrt 2}{2}[/tex]
Da må
[tex]-\frac{\sqrt 2}{2} < \sin x < \frac{\sqrt 2}{2}[/tex].
Hvis du ikke er kjent med absoluttverdier så kan du gå rett til den siste linjen. Det er jo slik at hvis du har at [tex]a^2 < b[/tex] så må enten [tex]a < b[/tex] og [tex]a > -b[/tex], altså [tex]-b < a < b[/tex], ikke sant?
Når du har med dobbeltulikheter å gjøre så kan det være lurt å ha i bakhodet at [tex]a < b < c \ \Leftrightarrow \ a < b \ \wedge \ b < c[/tex]. Vi kan altså behandle ulikheten som to ulikheter:
[tex]-\frac{1}{2} < \sin^2 x < \frac{1}{2} \ \Leftrightarrow \ -\frac{1}{2} < \sin^2 x \ \wedge \ \sin^2 x < \frac{1}{2}[/tex].
Den første ulikheten har alle [tex]x[/tex] som løsning, ikke sant? Uansett hva [tex]x[/tex] er så vil jo [tex]sin^2 x[/tex] være et positivt tall, altså større enn det negative tallet [tex]-\frac{1}{2}[/tex]. Dermed er det den andre ulikheten som legger begrensningene på [tex]x[/tex], og det er den vi må se videre på:
[tex]\sin^2 x < \frac{1}{2}[/tex]
[tex]|\sin x| < \frac{1}{\sqrt 2} = \frac{\sqrt 2}{2}[/tex]
Da må
[tex]-\frac{\sqrt 2}{2} < \sin x < \frac{\sqrt 2}{2}[/tex].
Hvis du ikke er kjent med absoluttverdier så kan du gå rett til den siste linjen. Det er jo slik at hvis du har at [tex]a^2 < b[/tex] så må enten [tex]a < b[/tex] og [tex]a > -b[/tex], altså [tex]-b < a < b[/tex], ikke sant?
Elektronikk @ NTNU | nesizer
-
- Pytagoras
- Innlegg: 7
- Registrert: 17/05-2012 20:27
Hei
Ja, det virker logisk. Takk for svar.
Når man løser sin[sup]2[/sup]X<1/2, er det slik at det blir
sinX<+/-1/2 (bruker roten) og videre at absoluttverdien av sinx da har tallverdien 1/2?
Ny oppgave (bruker et enkelte eksempel):
Vi har den uendelige geometriske rekka
X[sup]2[/sup] + X[sup]4[/sup] + X[sup]6[/sup] +.....
k=X[sup]2[/sup]
-1<X[sup]2[/sup]<-1
-1<X[sup]2[/sup] for alle verdier av X
Betrakter videre X[sup]2[/sup]<1 (a[sup]2[/sup]<b)
absoluttverdien X<1 (da må X<1 og X>-1).
Blir dette riktig?
Hva når a[sup]2[/sup]>b?
Ja, det virker logisk. Takk for svar.
Når man løser sin[sup]2[/sup]X<1/2, er det slik at det blir
sinX<+/-1/2 (bruker roten) og videre at absoluttverdien av sinx da har tallverdien 1/2?
Ny oppgave (bruker et enkelte eksempel):
Vi har den uendelige geometriske rekka
X[sup]2[/sup] + X[sup]4[/sup] + X[sup]6[/sup] +.....
k=X[sup]2[/sup]
-1<X[sup]2[/sup]<-1
-1<X[sup]2[/sup] for alle verdier av X
Betrakter videre X[sup]2[/sup]<1 (a[sup]2[/sup]<b)
absoluttverdien X<1 (da må X<1 og X>-1).
Blir dette riktig?
Hva når a[sup]2[/sup]>b?
-
- Euler
- Innlegg: 5889
- Registrert: 26/09-2007 19:35
- Sted: Trondheim
- Kontakt:
Det er ikke helt slik nei. I ligningen [tex]x^2 = k^2[/tex] så kan du ta kvadratrot på begge sider, og da vet man at både den positive og negative roten er løsninger, så [tex]x = \pm k[/tex]. I en ulikhet kan vi ikke gjøre dette. Det er ikke slik at hvis [tex]x^2 < k^2[/tex] så er [tex]x < -k[/tex]. Når du opphøyer i andre så forsvinner jo det negative fortegnet, og du står igjen med [tex]k^2[/tex]. Da kan ikke x være mindre enn -k, for da vil jo [tex]x^2 > k^2[/tex]. Ser du at det er slik? (Eksempel: Hvis [tex]x^2 < 9[/tex] så kan ikke [tex]x < -3[/tex]. F.eks. vil [tex]x = -4[/tex] gi [tex]x^2 = 16 > 9[/tex].) Du kan også overbevise deg selv om det ved å skrive om ulikheten til [tex]x^2 - k^2 < 0 \ \Rightarrow \ (x-k)(x+k) < 0[/tex]. Lager du et fortegnsskjema her vil du se det samme.
På den neste har du tenkt riktig ja.
På den neste har du tenkt riktig ja.
Elektronikk @ NTNU | nesizer
-
- Pytagoras
- Innlegg: 7
- Registrert: 17/05-2012 20:27
Flott, nå ble det klarere.
Det blir jo selvfølgelig en forskjell på å betrakte a[sup]2[/sup]<b og a[sup]2[/sup]=b.
Det at man kan faktorisere og sette i fortegnsskjema gjorde det også lettere å bli overbevist.
Takk for rask tilbakemelding.
Det blir jo selvfølgelig en forskjell på å betrakte a[sup]2[/sup]<b og a[sup]2[/sup]=b.
Det at man kan faktorisere og sette i fortegnsskjema gjorde det også lettere å bli overbevist.
Takk for rask tilbakemelding.