Hei,
Har en oppgave jeg lurer litt på...: f(x)=sin(ln(x²+)) der jeg skal derivere funksjonen ved hjelp av kjerneregelen.
Har jeg misforstått hvis jeg gjør på dette viset:
f'(x) = cos (x)* (1/x²+1)
??
Kjerneregelen
Moderatorer: Vektormannen, espen180, Aleks855, Solar Plexsus, Gustav, Nebuchadnezzar, Janhaa
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
Bare deriver alle ledd og gang de sammen...
[tex](sin(ln(x^2+1))^,\cdot (ln(x^2+1))^, \cdot (x^2+1)^, = cos(ln(x^2+1)) \cdot \frac{1}{x^2+1} \cdot 2x = \frac{2xcos(ln(x^2+1))}{x^2+1}[/tex]
[tex](sin(ln(x^2+1))^,\cdot (ln(x^2+1))^, \cdot (x^2+1)^, = cos(ln(x^2+1)) \cdot \frac{1}{x^2+1} \cdot 2x = \frac{2xcos(ln(x^2+1))}{x^2+1}[/tex]
Sist redigert av meCarnival den 12/03-2009 22:33, redigert 1 gang totalt.
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV
-
- Grothendieck
- Innlegg: 828
- Registrert: 13/10-2007 00:33
I dette tilfellet må du gange med den deriverte av både den indre og ytre kjernen.
[tex][ln(x^2+1)]\prime [/tex] og [tex](x^2+1)\prime[/tex]
[tex]f\prime=\frac {2x\cdot cos(ln(x^2+1))}{x^2+1} [/tex]
EDIT: OG HER HADDE ALLE SVART JA! ..nice nice
[tex][ln(x^2+1)]\prime [/tex] og [tex](x^2+1)\prime[/tex]
[tex]f\prime=\frac {2x\cdot cos(ln(x^2+1))}{x^2+1} [/tex]
EDIT: OG HER HADDE ALLE SVART JA! ..nice nice
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
Hehe, sånn erre Andreas
...
![Wink ;)](./images/smilies/icon_wink.gif)
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV
-
- Pytagoras
- Innlegg: 9
- Registrert: 11/01-2009 23:46
Takk for raskt svar! Sliter litt med å identifisere kjerne og hva jeg skal definere som det, men skjønner at det her var snakk om to kjerner...
men jeg har en oppgave til som jeg lurer på om jeg kan dele opp i to faktorer og bruke produktregelen:
f(x)= e^(x²+1)/ [symbol:rot] x
Her tenkte jeg at jeg kunne dele inn i følgende faktorer:
1/ [symbol:rot] x
og
e^(x²+1)
Her blir vel x²+1 enda en kjerne
Således tenker jeg at man kan si følgende:
u(x)= 1/ [symbol:rot] x)
u'(x)= 1/1/(2* [symbol:rot] x) =2 [symbol:rot] x
v(x)=e^x²+1 = e^s der s= x²+1
v'(x)=e^(x²+1)*2x
Bruker produktregelen:
f'(x)=2 [symbol:rot] x*e^(x²+1)+(1/ [symbol:rot] x)*e^(x²+1)*2x =e^(x²+1)*((2x+2)/( [symbol:rot] x)
Gir dette mening?
men jeg har en oppgave til som jeg lurer på om jeg kan dele opp i to faktorer og bruke produktregelen:
f(x)= e^(x²+1)/ [symbol:rot] x
Her tenkte jeg at jeg kunne dele inn i følgende faktorer:
1/ [symbol:rot] x
og
e^(x²+1)
Her blir vel x²+1 enda en kjerne
Således tenker jeg at man kan si følgende:
u(x)= 1/ [symbol:rot] x)
u'(x)= 1/1/(2* [symbol:rot] x) =2 [symbol:rot] x
v(x)=e^x²+1 = e^s der s= x²+1
v'(x)=e^(x²+1)*2x
Bruker produktregelen:
f'(x)=2 [symbol:rot] x*e^(x²+1)+(1/ [symbol:rot] x)*e^(x²+1)*2x =e^(x²+1)*((2x+2)/( [symbol:rot] x)
Gir dette mening?
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
Du må bruke regelen for bruk her men tankegangen i telleren er riktig. Det blir en egen kjerne...
Kvotient (brøk) regelen:
[tex]\frac{u}{v} = \frac{u^, \cdot v - u \cdot v^,}{v^2} [/tex]
U må kombineres med kjerne regelen som du har gjort i forrige post..
Kvotient (brøk) regelen:
[tex]\frac{u}{v} = \frac{u^, \cdot v - u \cdot v^,}{v^2} [/tex]
U må kombineres med kjerne regelen som du har gjort i forrige post..
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV
-
- Pytagoras
- Innlegg: 9
- Registrert: 11/01-2009 23:46
mulig jeg rota det til igjen, men fikk et ganske så annet svar på forrige oppgave enn jeg gjorde i første omgang, men det blir litt komplisert å skrive det ned her... kan jo prøve.
Jeg fikk f'(x) til å bli:
(e^(x^2+1) * ((3x-1)/(2 [symbol:rot] x)))/x
da har jeg satt u(x) som e^(x^2+1)
og v(x) som [symbol:rot] x
og brukt formelen du oppga.
Videre har jeg et nytt problem:
x [symbol:rot] (x-1)
Dette burde bli noe av det samme som ovenfor, men får det ikke helt til å stemme. Bruker produktregelen og får:
x/(2 [symbol:rot] (x-1) + 2(x-1)/(2 [symbol:rot] (x-1) = (3x-2)/( 2[symbol:rot] (x-1)
Dette er en del av et større uttrykk der man har en grenseverdi og man skal bruke L'Hospitals regel:
lim x ->1 x [symbol:rot] (x-1)/x-1 og når jeg setter inn for x så blir det null i nevneren men ikke i telleren!
![Shocked :shock:](./images/smilies/icon_eek.gif)
Jeg fikk f'(x) til å bli:
(e^(x^2+1) * ((3x-1)/(2 [symbol:rot] x)))/x
da har jeg satt u(x) som e^(x^2+1)
og v(x) som [symbol:rot] x
og brukt formelen du oppga.
Videre har jeg et nytt problem:
x [symbol:rot] (x-1)
Dette burde bli noe av det samme som ovenfor, men får det ikke helt til å stemme. Bruker produktregelen og får:
x/(2 [symbol:rot] (x-1) + 2(x-1)/(2 [symbol:rot] (x-1) = (3x-2)/( 2[symbol:rot] (x-1)
Dette er en del av et større uttrykk der man har en grenseverdi og man skal bruke L'Hospitals regel:
lim x ->1 x [symbol:rot] (x-1)/x-1 og når jeg setter inn for x så blir det null i nevneren men ikke i telleren!
![Shocked :shock:](./images/smilies/icon_eek.gif)
-
- Pytagoras
- Innlegg: 9
- Registrert: 11/01-2009 23:46
Jepp, men hvis man deriverer telleren og nevneren for seg ved å bruke L'Hospitals regel skal man kunne løse slike problemer. Men jeg sliter altså med uttrykket i telleren... ren derivasjon altså.zell skrev:[tex]\lim_{x\to 1} \frac{x\sqrt{x-1}}{x-1}[/tex]
Blir jo 0/0 det.
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
Produktregel...
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
[tex]\lim_{x\to%201}%20\frac{x}{\sqrt{x-1}} \,\,\neq\,\, \frac{0}{0}[/tex] eller [tex]\frac{\infty}{\infty}[/tex]
Han skal jo bruke L'hospital...
Derivasjon av teller:
[tex]u = x[/tex]
[tex]u^, = 1[/tex]
[tex]v = \sqrt{x-1}[/tex]
[tex]v^, = \frac{1}{2\sqrt{x-1}}[/tex]
får:
[tex]\(x\sqrt{x-1}\)^, = \sqrt{x-1}+\frac{x}{2\sqrt{x-1}}[/tex]
Han skal jo bruke L'hospital...
Derivasjon av teller:
[tex]u = x[/tex]
[tex]u^, = 1[/tex]
[tex]v = \sqrt{x-1}[/tex]
[tex]v^, = \frac{1}{2\sqrt{x-1}}[/tex]
får:
[tex]\(x\sqrt{x-1}\)^, = \sqrt{x-1}+\frac{x}{2\sqrt{x-1}}[/tex]
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV
-
- Pytagoras
- Innlegg: 9
- Registrert: 11/01-2009 23:46
Hei,
takker for svar. Men når man setter inn for x=1 så blir nevneren lik 0 og da konkluderer jeg med at grenseverdien går mot uendelig og at det er løsningen?
takker for svar. Men når man setter inn for x=1 så blir nevneren lik 0 og da konkluderer jeg med at grenseverdien går mot uendelig og at det er løsningen?
-
- Riemann
- Innlegg: 1686
- Registrert: 07/09-2007 19:12
- Sted: Trondheim
Jeg får [tex]\frac{5\,\cdot\,\sqrt{2}}{4}[/tex]...
Høgskolen i Sør-Trøndelag, Logistikkingeniør
Ingeniørmatematikk IV
Ingeniørmatematikk IV