R1 2025 Vår LØSNING

Oppgaven som pdf

Diskusjon av oppgaven på Matteprat

Del 1

Oppgave 1

Vi skal derivere funksjonen:

$$f(x)=e^{-2x}+\frac{1}{5}{x}^5-2\pi$$

Deriver ledd for ledd:

• $e^{-2x}\to -2e^{-2x}$
• $\frac{1}{5}{x}^5\to x^4$
• $-2\pi \to 0$, siden $\pi$ er konstant.

Svar: $$f^{\prime }(x)=-2e^{-2x}+x^4$$

Oppgave 2

Funksjonen er gitt som:

$$g(x)=\frac{1}{2}{e}^x(2x-1{)}^2$$

a) Nullpunkter

Vi setter $g(x)=0$:

$$\frac{1}{2}{e}^x(2x-1{)}^2=0$$

Siden $e^x\ne 0$, må:

$$(2x-1{)}^2=0\Rightarrow x=\frac{1}{2}$$

Svar: Nullpunkt: $x=\frac{1}{2}$

b)

$$g^{\prime }(x)=\frac{1}{2}{e}^x(2x-1)(2x+3)$$

Løsningsskisse (produktregel):

La:

• $u(x)=\frac{1}{2}{e}^x$

• $v(x)=(2x-1{)}^2$

Da:

$$g^{\prime }(x)=u^{\prime }(x)v(x)+u(x)v^{\prime }(x)$$ $$=\frac{1}{2}{e}^x(2x-1{)}^2+\frac{1}{2}{e}^x\cdot 2(2x-1)\cdot 2$$

$$=\frac{1}{2}{e}^x((2x-1{)}^2+4(2x-1))$$

Utvid og faktoriser uttrykket:

$$(2x-1{)}^2+4(2x-1)=(2x-1)(2x-1+4)=(2x-1)(2x+3)$$

Bekreftet.

c) Topp- og bunnpunkter

Finn stasjonære punkter ved å løse $g^{\prime }(x)=0$:

$$\frac{1}{2}{e}^x(2x-1)(2x+3)=0$$

Løsning: $x=\frac{1}{2}$ og $x=-\frac{3}{2}$

Finn $g(x)$-verdiene:

• $g\left(\frac{1}{2}\right)=\frac{1}{2}{e}^{1/2}\cdot 0=0$

• $g(-\frac{3}{2})=\frac{1}{2}{e}^{-3/2}\cdot (-4{)}^2=\frac{1}{2}{e}^{-3/2}\cdot 16=8e^{-3/2}$

Svar:

• Bunnpunkt: $(\frac{1}{2},0)$

• Toppunkt: $(-\frac{3}{2},8e^{-3/2})$

Oppgave 3

a)

$$3^{3x+2}-5=76$$ $$3^{3x+2}=81=3^4$$ $$3x+2=4$$ $$x=\frac{2}{3}$$

b)

$$3\lg x+2\lg x^2+\lg \left(\frac{1}{x^9}\right)=2$$

Bruk logaritmeregler:

- $\lg x^2=2\lg x$

- $\lg \left(\frac{1}{x^9}\right)=\lg (1)-\lg (x^9)=-9\lg x$

Da får vi:

$$3\lg x+4\lg x-9\lg x=2$$ $$-2\lg x=2$$ $$\lg x=-1$$ $$x={10}^{-1}=\underset{―}{\underset{―}{0,1=\frac{1}{10}}}$$

Oppgave 4

a)

Direkte innsetting gir:

$$\frac{3(9-3)}{0}=\frac{18}{0}$$

Ikke av typen $\frac{0}{0}$ – som betyr at grenseverdien kan gå mot $+\mathrm{\infty }$, $-\mathrm{\infty }$ eller være udefinert.

Når $x\to 3^{-}$:

• Telleren nærmer seg $18$ og nevneren er negativ og nærmer seg $0$

• $\Rightarrow$ Brøken går mot $-\mathrm{\infty }$

Når $x\to 3^{+}$:

• Telleren nærmer seg $18$ og nevneren er positiv og nærmer seg $0$

• $\Rightarrow$ Brøken går mot $+\mathrm{\infty }$

Grenseverdien eksistere ikke.

b)

$$\underset{x\to 4}{lim}\frac{\sqrt{x}-2}{x-4}$$

Bruk konjugatsetning med $x-4$: $$\underset{x\to 4}{lim}\frac{\sqrt{x}-2}{(\sqrt{x}-2)(\sqrt{x}+2)}$$ $$\underset{x\to 4}{lim}=\frac{1}{\sqrt{x}+2}$$ $$=\frac{1}{\sqrt{4}+2}=\underset{―}{\underset{―}{\frac{1}{4}}}$$

Oppgave 5

Funksjon gitt som:

$$f(x)=\{\begin{array}{ll}{x}^2+2,& x<0\\ 2e^x,& x\ge 0\end{array}$$

a) Kontinuitet

Sjekk om grenser fra venstre og høyre i $x=0$ gir samme verdi:

• Venstre: $\underset{x\to 0^{-}}{lim}f(x)=0^2+2=2$
• Høyre: $\underset{x\to 0^{+}}{lim}f(x)=2e^0=2$

Funksjonen er kontinuerlig i $x=0$.

b) Deriverbarhet

Venstrederivert:

$$\underset{x\to 0^{-}}{lim}{f}^{\prime }(x)=\underset{x\to 0^{-}}{lim}2x=0$$

Høyrederivert:

$$\underset{x\to 0^{+}}{lim}{f}^{\prime }(x)=\underset{x\to 0^{+}}{lim}2e^x=2·e^0=2$$

Ulike verdier Ikke deriverbar i $x=0$

Oppgave 6

a) Avstand mellom Nils og Ahmad

$$\overrightarrow{NA}=[1-(-1),1-2]=[2,-1]$$ $$|\overrightarrow{NA}|=\sqrt{2^2+(-1{)}^2}$$

b) Punktet $(-1,a)$ ligger på linjen fra Jelena som er parallell med $\overrightarrow{NA}$

La $P=(-1,a)$

• $\overrightarrow{NA}=(2,-1)$
• $\overrightarrow{JP}=(-1,a)$

Siden $\overrightarrow{JP}\parallel \overrightarrow{NA}$ kan vi skrive $t·\overrightarrow{NA}=\overrightarrow{JP}$

$$t[2,1]=[-1,a]$$ $$2t=-1\vee -t=a$$ $$t=-\frac{1}{2}\Rightarrow \underset{―}{\underset{―}{a=\frac{1}{2}}}$$

c) Finn punkt $M$

Finn punkt $M$ slik at:

• $|JM|=\sqrt{10}$
• $\mathrm{\angle }MAJ={90}^{\circ }$

Siden $\mathrm{\angle }MAJ={90}^{\circ }$ er $\overrightarrow{AM}\cdot \overrightarrow{JA}=0$

La $M=(x,y)$.

Siden $\overrightarrow{JM}=[x,y]$ og $|\overrightarrow{JM}|=\sqrt{10}\Rightarrow x^2+y^2=10$

• $\overrightarrow{AM}=(x-1,y-1)$
• $\overrightarrow{JA}=(1,1)$

$$\overrightarrow{AM}\cdot \overrightarrow{JA}=x-1+y-1=0$$ $$x+y=2\Rightarrow y=2-x$$

Sett $y=2-x$ inn $x^2+y^2=10$:

$$x^2+(2-x{)}^2=10\Rightarrow x^2+4-4x+x^2=10\Rightarrow 2x^2-4x-6=0$$

Løs:

$$\begin{gathered} x=3\Rightarrow y=-1 \\ x=-1\Rightarrow y=3 \end{gathered}$$

Svar: Mulige punkter: $M=(-1,3)$ og $M=(3,-1)$

Del 2

Oppgave 1

a) Hvor lang tid vil det ta før halvparten av husstandene har batteriet?

Vi skal finne $t$ slik at $S(t)=1250000$, altså halvparten av maksverdien $2500000$.

• Linje 1: Funksjonen $S$ defineres som:

$$S(t):=\frac{2500000}{1+2500\cdot e^{-0.08t}}$$

• Linje 2: Likningen $S(t)=1250000$ løses, og vi får:

$$t\approx 97.8$$

Dette betyr at det vil ta omtrent 97,8 uker før halvparten av husstandene har batteriet.

Alternativ fremgangsmåte:

• Bekreftes ved å bruke `Vendepunkt(S)`, som gir punktet $(97.8,1250000)$ – altså vendepunktet for den logistiske modellen.

b) Bestem $S^{\prime }(52)$ og gi en praktisk tolkning

• Bildet viser at den deriverte ved $t=52$ er:

$$S^{\prime }(52)\approx 4872.76$$

Tolkning: Ved uke 52 øker antallet husstander med batteriet med omtrent 4873 husstander per uke.

---

c) Finn en justert logistisk modell

Vi skal finne en ny modell på formen: $$F(t)=\frac{N}{1+a\cdot e^{-kt}}$$

Gitt:

• $N=1500000$, siden $F(t)\to 1500000$ etter lang tid
• $F(0)=500$
• Vendepunkt ved $t=60$, altså $F(60)=750000$

Trinn 1: Bestem $a$

• Linje 5: Opprinnelig definisjon av $F(t)$
• Linje 6: Settes $F(0)=500$:

$$\frac{1500000}{a+1}=500\Rightarrow a=2999$$

Trinn 2: Bestem $k$

• Funksjonen oppdateres med verdien $a=2999$:

$$F(t)=\frac{1500000}{2999\cdot e^{-kt}+1}$$

• Ved å sette $F(60)=750000$ får vi:

$$\frac{1500000}{2999\cdot e^{-60k}+1}=750000\Rightarrow k=\frac{1}{60}\ln (2999)\approx 0.133$$

Alternativ metode:

• Bruker vendepunktbetingelsen $F(60) = 0$foråløseut$k$.Ogsåherfårvi$k \approx 0.133$

Endelig modell: $$\underset{―}{\underset{―}{F(t)=\frac{1500000}{1+2999\cdot e^{-0.133t}}}}$$

Dette er den justerte logistiske modellen som tar høyde for BA3s konkurranse og gir korrekt vekstmønster med oppgitt startverdi og vendepunkt.

---

Oppgave 2

a) Bestem det største intervallet $I$, slik at $f$ har ein omvend funksjon $g$ når $2\in I$

Vi ønsker at funksjonen $f(x)=\frac{1}{3}{x}^3-2x^2-1$ skal være én-til-én i et intervall som inneholder $x=2$. Dette oppnås hvis $f$ er strengt voksende eller strengt minkende i hele intervallet.

• Linje 1: $f$ defineres
• Linje 2: `Ekstremalpunkt(f)` viser at $f$ har ekstremalpunkter i $x=0$ og $x=4$

Dermed er $f$ strengt minkende på $[0,4]$

Svar: $$\underset{―}{\underset{―}{I=[0,4]}}$$

---

b) Bestem stigningstallet til tangenten til grafen til $g$ i punktet $(-10,3)$

Punktet $(-10,3)$ ligger på grafen til $g\Rightarrow g(-10)=3\Rightarrow f(3)=-10$

Stigning til $g$ i punktet er den inverse av $f^{\prime }$ i punktet med $x=3$:

$$g^{\prime }(-10)=\frac{1}{f^{\prime }(3)}=\frac{1}{-3}$$

Svar: Stigningstallet er $-\frac{1}{3}$

Alternativ: Bruk tangentlinje til $f$ i $x=3$ og `Invers`-kommando.

---

c) Bestem koordinatene til tangeringspunktet, med samme stigning som i (b)

Vi ønsker $g^{\prime }$ skal være $-\frac{1}{3}\Rightarrow f^{\prime }(x)=-3$

• Linje 3+4: Løser $f^{\prime }(x)=-3$ og får $x=1$ og $x=3$
• Linje 5: $f(1)=-\frac{8}{3}$ gir punktet $(1,-\frac{8}{3})$ på grafen til $f$

På grafen til $g$: $$(-\frac{8}{3},1)$$

Svar: $$\underset{―}{\underset{―}{(-\frac{8}{3},1)}}$$

---